Dreieckgröße aus viertem Punkt |
22.10.2009, 10:16 | Selachoideus | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
Dreieckgröße aus viertem Punkt Ich stehe vor folgender Aufgabe: Gegeben sei ein gleichseitiges Dreieck mit den Punkten A, B, C und der Seitenlänge x. Dazu gibt es einen Punkt D. Die Länge der Strecken a=AD, b=BD und c=CD sind bekannt: a=700m b=600m c=350 m Frage: Wie lang ist x? Mein Problem ist das Verhältnis der drei Strecken zu den drei Winkeln um D. Kennt man diese, kann man einen der drei Winkel berechnen und damit dann auch x. |
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22.10.2009, 11:58 | riwe | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
RE: Dreieckgröße aus viertem Punkt wenn du x berechnen sollst, würde ich es mit dem cosinussatz versuchen. dann hast du 3 gleichungen für 3 unbekannte allerdings wird das alles sehr häßlich |
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22.10.2009, 13:33 | Selachoideus | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
RE: Dreieckgröße aus viertem Punkt
Danke für den Hinweis :-) Winkel zwischen a und c heiße ALPHA3, zwischen a und b ALPHA1 und zwischen b und c ALPHA2. I. x² = a²+b²-2ab * cos(360°- ALPHA2 - ALPHA3) II. x² = b²+c²-2bc * cosALPHA2 III. x² = a²+c²-2ac * cosALPHA3 II. = III.: b²-2bc * cosALPHA2 = a²-2ac * cosALPHA3 | -b², ^-1 2bc * cosALPHA2 = b²+2ac * cosALPHA3-a² | :2bc, arccos ALPHA2 = arccos ((b²+2ac * cosALPHA3-a²)/2bc) Einsetzung in I: x² = a²+b²-2ab * cos(360°- arccos ((b²+2ac * cosALPHA3-a²)/2bc) - ALPHA3) Damit und mit III. gibt es zwei Gleichungen für x und ALPHA3: c²-2ac * cosALPHA3 = b²-2ab * cos(360°- arccos ((b²+2ac * cosALPHA3-a²)/2bc) - ALPHA3) | -b², +2ac * cosALPHA3 c²-b² = 2a(c * cosALPHA3-b * cos(360°- arccos ((b²+2ac * cosALPHA3-a²)/2bc) - ALPHA3) ) | :2a (c²-b²)/2a = c * cosALPHA3 - b * cos (360° - ALPHA3 - arccos ((2ac * cos ALPHA3 + b² - a²)/2bc)) Jetzt müsse ich noch wissen, ob arccos(p+q)=arccos(p)+arccos(q) und cos(p+q)=cos(p)+cos(q) gilt oder ob man das anders auflösen muß. |
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22.10.2009, 15:09 | riwe | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
RE: Dreieckgröße aus viertem Punkt das mußt du (leider) anders auflösen nur am rande: cos(360 - x) = cos(x) wenn es genau genug ist da geht´s natürlich einfach |
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22.10.2009, 17:28 | Selachoideus | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
RE: Dreieckgröße aus viertem Punkt
Danke für das Bild, es entspricht meiner Skizze hier auf Papier. Leider soll das Ergebnis mindestens metergenau sein. Mit cos (360° - WINKEL) = cos WINKEL kann ich obigen Term vereinfachen auf: (c²-b²)/2a = c * cos ALPHA3 - b * cos (ALPHA3 + arccos (cos ALPHA3 * a/b + b/2c - a²/2bc)) Leider komme ich nicht so richtig weiter Gibt es irgendwo eine Erklärung, wie man Summen im Arcuskosinus und Kosinus auflöst, leider habe ich noch keine gefunden? |
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22.10.2009, 18:15 | riwe | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
RE: Dreieckgröße aus viertem Punkt
naja, das obige ergebnis ist auf 5 cm genau viel spaß damit und es sollte auch noch einen punkt außerhalb des 3ecks geben, der deine bedingung erfüllt |
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22.10.2009, 21:18 | Leopold | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
Ich habe das Dreieck in ein kartesisches Koordinatensystem gelegt, so daß gilt. Weiter habe ich gesetzt. Aus den Entfernungen von zu bekommt man mittels Pythagoras drei Gleichungen in drei Unbekannten . Lösungen für sind [attach]11584[/attach] |
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22.10.2009, 22:17 | Selachoideus | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
Ah, danke für den ersten Teil der Lösung. Natürlich ist laut der vollständigen Aufgabenstelle nur die erste Variante richtig. Schnelle Rechner finden dann den Schatz http://www.geocaching.com/seek/cache_details.aspx?wp=GC1Q3DK noch vor mir auf http://maps.geocaching.de/gm/index.php?l...6845703&zoom=15 |
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22.10.2009, 23:04 | riwe | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
wie oben schon angeführt |
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23.10.2009, 12:11 | mathe760 | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
@Leopold: Wie hast du denn die Koordinaten der Fußpunkte der Lote von P auf die Seiten BC bzw. AC ausgerechnet? Hast du etwa für die Seite BC die Gerade durch B und C bestimmt, dann einen Normalenvektor für die Gerade bestimmt und dann die Gerade durch P mit dem Normalenvektor als Richhtungsvektor mit der Geraden BC zum Schnitt gebracht? Oder hast du es ganz anders gemacht? Bis denn mathe760 |
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23.10.2009, 15:35 | riwe | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
wie leopold oben geschrieben hat, lauten die 3 gleichungen: denke ich zumindest a, b und c sind beliebig vertauschbar |
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23.10.2009, 15:57 | Leopold | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
Diese Lote braucht man nicht. Es geht nicht um den Abstand des Punktes D (P?) von den Seiten des Dreiecks, sondern um den Abstand von D zu den Ecken des Dreiecks (siehe Werners letzten Beitrag). So habe ich zumindest die Aufgabe verstanden. Ich habe die Sache einmal allgemein gerechnet. Es gilt Hierbei ist der Flächeninhalt des Dreiecks aus den Strecken (Heron). |
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16.11.2009, 20:21 | Selachoideus | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
Guten Tag! Heron setzt x und F in Beziehung. x ist die gesuchte Seitenlänge. Das würde mir nur etwas bringen, wenn ich von a = AD, b = BD und c = CD auf F schließen könnte. Ich kann zwar mit Heron und a, b, c über die Summe der Teildreiecke x und F nochmal in Beziehung setzen, allerdings ergibt das dann x² = (4/sqrt(3))*(F1+F2+F3) wobei in jedem Teil-F x noch 5mal drinsteckt. |
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16.11.2009, 20:45 | riwe | Auf diesen Beitrag antworten » | ||||
das ist unsinn, du brauchst doch nur die formel von Leopold selbst abzuleiten. a, b und c sind die von dir angegebenen strecken. dass diese in form von heron in die formel von Leopold eingehen, finde ich besonders schön und überraschend |
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